Đề thi tuyển sinh vào lớp 10 THPT môn Toán năm học 2020-2021 – Sở Giáo dục và Đào tạo Bình Thuận (Đề chính thức)

"Đề thi tuyển sinh vào lớp 10 THPT môn Toán năm học 2020-2021 – Sở Giáo dục và Đào tạo Bình Thuận (Đề chính thức)" có kèm theo đáp án giúp các bạn học sinh củng cố và rèn luyện kiến thức vượt qua kỳ thi với kết quả như mong đợi.
Nội dung trích xuất từ tài liệu:
Đề thi tuyển sinh vào lớp 10 THPT môn Toán năm học 2020-2021 – Sở Giáo dục và Đào tạo Bình Thuận (Đề chính thức) SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 BÌNH THUẬN TRƯỜNG THPT CHUYÊN TRẦN HƯNG ĐẠO NĂM HỌC: 2020 - 2021 ĐỀ THI CHÍNH THỨC Môn thi: TOÁN (Hệ số 2 - Chuyên Toán) (Đề thi gồm có 01 trang) Thời gian làm bài: 150 phút (không kể thời gian phát đề) ----------------- -----------------------------Câu 1.  xy  x  y  5 Giải hệ phương trinh:   .    xy  x 2  y 2  7Câu 2.a) Cho p và p  2 là các số nguyên tố lớn hơn 3. Chứng minh rằng p  1 chia hết cho 6.b) Tìm tất cả các số nguyên tố p sao cho 2 p  1 là lập phương của một số nguyên dương.Câu 3. 1 1 1Cho các số thực x, y, z  1 thỏa mãn    2. Chứng minh rằng: x y z x  y  z  x 1  y 1  z 1.Câu 4.Cho tam giác ABC nhọn, các đường cao AD, BE , CF cắt nhau tại H . Gọi K là một điểm tùy ý trên cạnh BCvới K  B, K  C. Kẻ đường kính KM của đường tròn ngoại tiếp tam giác BKF và đường kính KN củađường tròn ngoại tiếp tam giác CEK . Chứng minh rằng M , H , N thẳng hàng.Câu 5.Cho 20 điểm phân biệt trong mặt phẳng. Chứng minh rằng tồn tại đường tròn có đúng 12 điểm đã cho bêntrong và có đúng 8 điểm đã cho bên ngoài. …Hết… LỜI GIẢI CHI TIẾTCâu 1. S  P  5  P  5  S  Đặt S  x  y, P  xy với S 2  4 P. Khi đó hệ cho trở thành:     2 .    S 2  P  7    S  S  12  0 S  3Ta có: S 2  S 12  0   .  S  4  x  y  3  x  2, y  1 Với S  3, ta có: P  2. Khi đó    .   xy  2   y  2, x  1Với S  4, ta có: P  9. Loại vì S 2  4 P.Vậy hệ cho có hai nghiệm  x; y   2;1 , 1; 2.Câu 2.a) Ta có: p lẽ và p  3 nên p chia 3 dư 1 hoặc 2.Nếu p  1mod 3 suy ra p  2  0 mod 3 vô lí do p  2 là số nguyên tố lớn hơn 3.Do đó p  2 mod 3 nên p  1  0 mod 6. Hay p  1 chia hết cho 6.b) Vì 2 p  1 là lập phương một số tự nhiên nên đặt 2 p 1  a3 với a  * và a lẽ.Khi đó ta có: 2 p  a 1a 2  a  1.Do a lẽ nên a 1 chẵn và a 2  a 1  a a 1  1 lẽ nên suy ra a 1  2. 33 1Khi đó a  3, ta có: p   13. 2Vậy p  13 là giá trị cần tìm.Câu 3. 1 1 1 1 1 1 1 x 1 y 1 z 1Ta có:    2  1  1  1     1    . x y z x y 1 z x y zÁp dụng bất đẳng thức Cauchy – Schwars, ta có:  x 1 y 1 z 1 x  y  z   x  y  z    2    x 1  y 1  z 1  x y z Suy ra: x  y  z  x 1  y 1  z 1. 3Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi x  y  z  . 2Câu 4.Ta có: AF  AB  AE  AC do tứ giác BCEF nội tiếp.Gọi I là giao điểm của AK với  BFK  , ta có: AI  AK  AF  AB  AE  AC 1.Gọi I  là giao đi ...